徐州高考三模成绩在哪里查询-徐州高考三模

1.（2013?徐州三模）如图，虚线M N 上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B1，带电粒子从边界M N上的A 点以速

2.（2014?徐州三模）如图，POQ是折成60°角的固定于竖直平面内的光滑金属导轨，导轨关于竖直轴线对称，OP=O

3.（2013?徐州三模）如图，弹簧的一端固定在水平面上，另一端与质量为1Kg的小球相连，小球原来处于静止状态

4.（2010?徐州三模）（选修模块3-3）（1）下列说法中正确的是______A．一定温度下饱和汽的压强随体积的增大

5.（2012?徐州三模）如图所示，质量为m=60kg的人站在轻质木板的O点上，木板可以绕B端上下转动，OA=2OB．要

6.（2014?徐州三模）如图所示，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，t=0时刻滑块从板的左端以速度水平向右

（2013?徐州三模）如图，虚线M N 上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B1，带电粒子从边界M N上的A 点以速

A：粒子在匀强磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力：qvB＝

mv2

r

，得：r＝

mv

qB

，所以磁感应强度越大，粒子运动的半径越小，所以带电粒子在PQ上方时做圆周运动的半径小．粒子越过PQ连线的速度方向不变，故运动轨迹（PQ上方）如图，因此B′点在B点的左侧；故A正确；

B：洛伦兹力对运动电荷不做功，所以粒子的速度不变．故B错误；

C：从图中可以看出，两种情况下，粒子穿过PQ连线时转过的角度相同，所以从PQ的上方出来时的速度方向是相同的，因此从B′点射出的速度方向平行于从B?点射出的速度方向，故C正确；

D：由：2πr=vT得：T＝

2πr

v

＝

2πm

qB

，所以在粒子经过的区域PQ?上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场时，上方的磁场变大，粒子穿过上方的时间久变小，所以从A?到B′的时间小于从A?到B?的时间，故D正确．

故选：ACD

（2014?徐州三模）如图，POQ是折成60°角的固定于竖直平面内的光滑金属导轨，导轨关于竖直轴线对称，OP=O

（1）导体棒被锁定前，闭合回路的面积不变，有：

△B

△t

=k

由法拉第电磁感应定律的：E=

△φ

△t

=

△BS

△t

=

3

16

kL2?

由闭合电路欧姆定律的：I=

E

R总

=

3 kL2

8R

?

由楞次定律知，感应电流的方向：顺时针方向或b→a?

（2）导体棒刚离开导轨时受力如图所示

E=

1

2

B0Lv

I=

E

R

?

F=

1

2

B0IL，

得：F=

B0L2v

4R

?

由牛顿第二定律知：mg-F=ma?

所以：a=g-

B02L2v

4mR

?

（3）由能量守恒得：mgh=

1

2

mv2+Q

h=

3

4

L?

解得：Q=

3 mgL

4

-

1

2

mv2

答：（1）解除锁定前回路中电流的大小为

3 kL2

8R

；

（2）滑到导轨末端时的加速度大小为g-

B02L2v

4mR

；

（3）运动过程中产生的焦耳热为

3 mgL

4

-

1

2

mv2．

（2013?徐州三模）如图，弹簧的一端固定在水平面上，另一端与质量为1Kg的小球相连，小球原来处于静止状态

A、小球从静止开始向上做匀加速直线运动，经0.2s 弹簧刚好恢复到原长，此时小球的速度为1m/s；

根据平均速度公式，位移：x=

.

v

t＝

v

2

t＝

1

2

×0.2m＝0.1m；

加速度：a=

△v

△t

＝

1?0

0.2

m/s2＝5m/s2；

刚开始弹簧静止，故mg=kx，解得：k=

mg

x

＝

1×10

0.1

N/m＝100N/m，故A正确；

B、对小球受力分析，受重力、拉力和弹力，根据牛顿第二定律，有：F-mg+k（x-

1

2

at2）=ma；

解得：F=5+250t2 （t≤0.2s）

拉力F的功率：P=Fv=Fat=（5+250t2）×5t，当t=0.2s时，拉力功率达到最大，为Pm=15W，故B正确；

C、在0～0.2s 内拉力F=5+250t2 （t≤0.2s），逐渐增加，最大为15N，位移为0.1m，故拉力功小于15N×0.1m，即小于1.5J，故C错误；

D、在0～0.2s 内拉力做正功，故小球和弹簧组成的系统机械能增加，故D错误；

故选AB．

（2010?徐州三模）（选修模块3-3）（1）下列说法中正确的是______A．一定温度下饱和汽的压强随体积的增大

（1）A、温度升高，饱和汽压强变大，温度降低时，饱和汽压强变小．饱和汽压强与体积无关．一饱和汽不是理想气体，不适用理想气体方程．故A错误

B、相对湿度=

水蒸气的实际压强

同温度水的饱和气压

，相对湿度决定了人对空气干爽与潮湿的感受，所以B正确；

C、毛细现象中不浸润液体在毛细管中是下降的，故C错误；

D、能量的耗散不违背能量守恒定律，但会使能量的品质降低，故D正确．

故选BD

（2）A、晶体具有确定的熔点，所以A正确；

B、由于多晶体是由许多单晶体杂乱无章组合而成的，所以多晶体具有各向同性，故B错误；

C、晶体和非晶体之间在一定条件下是可以相互转化的例如：天然水晶是晶体，但熔化后再凝固的水晶就是非晶体．故C错误；

D、金刚石和石墨都是由碳原子构成的，只是原子的排列规则不一样，故D正确

故选AD．

（3）对活塞进行受力分析，活塞受重力、砂粒的压力和大气压强的压力以及封闭气体压强的压力，随着砂漏的漏砂，砂粒对活塞的压力在增大，而大气压强保持不变，故封闭气体的压强会增加；由于封闭气体压强增大，则外力对封闭气体做功，而环境温度保持不变，根据热力学第一定律，气体的内能保持不变而有外力对气体做功，则气体必定对外放热．

故答案为：增大，放出

（2012?徐州三模）如图所示，质量为m=60kg的人站在轻质木板的O点上，木板可以绕B端上下转动，OA=2OB．要

（1）人的重力：

G=mg=60kg×10N/kg=600N；

人拉绳子的力等于绳子对木板的拉力F；

人对杠杆的力：

Fo=G-F，

（2）∵Fo×OB=F×BA，

即：（G-F）×OB=F×BA；

∴F=

G×OB

BA+OB

=

G×OB

OA+OB+OB

=

600N

4

=150N；

人对木板的压力F压=G-F=600N-150N=450N；

故答案为：150；450．

（2014?徐州三模）如图所示，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，t=0时刻滑块从板的左端以速度水平向右

滑块滑上木板，受到木板对滑块向左的滑动摩擦力，做匀减速运动，若木块对木板的摩擦力大于地面对木板的摩擦力，则木板做匀加速直线运动，当两者速度相等时，一起做匀减速运动．设木块与木板之间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，木块的质量为m，木板的质量为M，知木板若滑动，则μ1mg＞μ2（M+m）g，最后一起做匀减速运动，加速度a′=μ2g，开始木块做匀减速运动的加速度大小a=μ1g＞μ2g，知图线的斜率变小．故B正确，C错误．

若μ1mg＜μ2（M+m）g，则木板不动，滑块一直做匀减速运动．故D正确．

由于地面有摩擦力，最终木块和木板不可能一起做匀速直线运动．故A错误．

故选：BD．